问题

如何证明R^2上的不可数集至少在一点附近局部不可数啊?

回答
这确实是一个非常有趣且深刻的问题,涉及到集合论和拓扑学的一些核心概念。想要证明R²上存在不可数集,并且该集合至少在一点附近局部不可数,我们需要构建一个例子,并展示其性质。

首先,让我们明确几个关键概念:

不可数集 (Uncountable Set): 指的是基数(元素个数)大于自然数集合的无穷集合。最著名的不可数集是实数集 $mathbb{R}$。
局部不可数 (Locally Uncountable): 一个集合 $S$ 在点 $x in S$ 处局部不可数,意味着存在 $x$ 的一个邻域 $U$(在 $mathbb{R}^2$ 的拓扑下),使得 $S cap U$ 是不可数的。

我们的目标是证明“存在一个不可数集 $S subseteq mathbb{R}^2$,且存在一点 $x in S$,使得 $S$ 在 $x$ 点附近是局部不可数的。”

构造一个不可数集

最直接的方式是利用我们已知的不可数集,比如 $mathbb{R}$,并将其“嵌入”到 $mathbb{R}^2$ 中。然而,我们需要的不仅仅是嵌入一个不可数集,而是要构造一个“足够稠密”或“结构复杂”的不可数集,以便我们能找到这样一个点。

考虑一个“斜着的”、“充满细节”的不可数集。我们可以这样做:

1. 选取一个不可数子集: 首先,我们在实数轴 $mathbb{R}$ 上选取一个不可数子集。最简单的例子是实数集 $mathbb{R}$ 本身。当然,我们也可以选取一个更“稀疏”的不可数子集,比如康托尔集,但为了清晰起见,我们先考虑用 $mathbb{R}$ 本身。

2. 参数化或映射到 $mathbb{R}^2$: 现在,我们想把这个不可数子集映射到 $mathbb{R}^2$ 中。最简单的方式是构造一个曲线,但我们想要的是一个“点集”,而不是一条简单的光滑曲线。

让我们考虑一种构造方式:选择一个“非代数”的、具有复杂性质的实数,比如一个超越数,或者更抽象地,我们可以利用实数的不可数性来直接构造。

设 $I$ 是 $mathbb{R}$ 的一个不可数区间,例如 $I = [0, 1]$。我们知道 $|I| = |mathbb{R}|$。

现在,我们可以构造一个 $mathbb{R}^2$ 中的点集 $S$ 如下:
$S = { (x, x^2) mid x in mathbb{R} }$
这是一个抛物线。这个集合是可数的还是不可数的呢?由于存在从 $mathbb{R}$ 到 $S$ 的一个一一对应(映射 $x mapsto (x, x^2)$),所以 $S$ 的基数与 $mathbb{R}$ 的基数相同,即不可数。

但是,这个例子似乎有点太简单了。抛物线上的点,每一个点附近都“看起来很像”实数轴本身。我们真正想要的是一个在某个点附近,其邻域内的“部分”就包含了不可数多的点,而且这些点不像在一条直线上那样“整齐”。

更复杂的构造:引入维度

为了展示局部不可数性,我们需要让集合在二维空间中展现出更“分散”的特性。

考虑我们如何在 $mathbb{R}^2$ 中“分散”不可数个点。我们可以利用实数的不可数性来索引这些点。

设 $P$ 是 $mathbb{R}$ 的一个不可数子集,例如 $P = mathbb{R}$。
我们定义集合 $S subseteq mathbb{R}^2$ 如下:
$S = { (x, f(x)) mid x in P }$
其中 $f: P o mathbb{R}$ 是一个函数。

为了使 $S$ 在某个点附近局部不可数,我们需要 $f$ 函数以及我们选择的 $P$ 具有一定的“密度”或“展开性”。

一个更具体的例子:

我们知道 $mathbb{R}$ 是不可数的。我们可以利用一个“不寻常”的映射将 $mathbb{R}$ 中的点映射到 $mathbb{R}^2$ 的一个特定子集中,并且这个子集能够让我们找到局部不可数的点。

考虑集合 $S = { (x, y) in mathbb{R}^2 mid y = x^2, x in mathbb{R} }$.
这是一个抛物线。这个集合的基数是 $|mathbb{R}|$, 所以它是不可数的。
那么,它在 $mathbb{R}^2$ 的任何一点附近是否局部不可数呢?
让我们考虑点 $(0, 0) in S$.
取 $(0, 0)$ 的一个任意的邻域 $U$。例如,$U$ 可以是一个以 $(0, 0)$ 为圆心,半径为 $epsilon > 0$ 的开圆盘:$U = { (x, y) in mathbb{R}^2 mid x^2 + y^2 < epsilon^2 }$.
那么 $S cap U = { (x, x^2) mid x^2 + (x^2)^2 < epsilon^2 }$.
这意味着 $x^2 + x^4 < epsilon^2$.
当 $epsilon$ 非常小的时候, $x^4$ 比 $x^2$ 小得多。所以 $x^2$ 主要决定了这个不等式。大约是 $x^2 < epsilon^2$, 也就是 $|x| < epsilon$.
在这个区间 $(epsilon, epsilon)$ 内,存在无数多个实数 $x$。对于每一个这样的 $x$,$(x, x^2)$ 都在 $S cap U$ 中。
因此,$S cap U$ 是一个(不可数)集合。

所以,抛物线 $y=x^2$ 是一个不可数集,并且在它自身的每一点附近都是局部不可数的。

但这个例子可能还不够“引人入胜”,因为它似乎只是将一维的不可数集“贴合”到 $mathbb{R}^2$ 的一个结构上。我们是否可以构造一个更“自然”的、就存在于 $mathbb{R}^2$ 中的不可数集,并且其局部不可数性不是那么显而易见的?

让我们从另一个角度思考:利用不可数集合的“密度”。

利用康托尔集的思想

康托尔集 $C$ 是 $mathbb{R}$ 的一个不可数子集,它的特点是“缝隙”很多,但它本身“不包含任何区间”。它的勒贝格测度为零,但这并不影响它的不可数性。

我们可以尝试将康托尔集的思想推广到 $mathbb{R}^2$。
考虑一个“二维的康托尔集”的构造。

更严谨的证明思路:

我们需要证明的是一个陈述的正确性:“R²上的不可数集至少在一点附近局部不可数”。这个陈述的意思是:存在一个不可数集 $S subseteq mathbb{R}^2$,并且存在一个点 $x in S$,使得 $S$ 在 $x$ 点附近局部不可数。

我们来构建一个能证明这个陈述的例子。

设 $P subseteq mathbb{R}$ 是一个不可数集。最简单的选择是 $P = mathbb{R}$。

考虑集合 $S = { (x, x sin(1/x)) mid x in mathbb{R}, x eq 0 } cup { (0, 0) }$.
这个集合包含了著名的“ सायन ट्रिल (Sausage curve) " 或者 “摇摆曲线” 的一部分,以及原点。
我们知道 $mathbb{R}$ 是不可数的。映射 $x mapsto (x, x sin(1/x))$ 建立了 $mathbb{R} setminus {0}$ 与 $S setminus {(0,0)}$ 之间的一一对应。所以 $S$ 是不可数的。

现在我们来分析这个集合在点 $(0,0)$ 附近的性质。
考虑点 $(0,0) in S$.
取 $(0,0)$ 的一个任意的邻域 $U$。我们想证明 $S cap U$ 是不可数的。
一个标准的邻域是开圆盘 $U = { (x, y) in mathbb{R}^2 mid x^2 + y^2 < epsilon^2 }$ 对于某个 $epsilon > 0$.

让我们看看 $S cap U$ 中包含哪些点。
当 $x$ 非常接近 $0$ 时,$x sin(1/x)$ 的值会在 $|x|$ 和 $|x|$ 之间震荡。
具体来说,当 $1/x$ 是 $pi/2 + 2kpi$ 时,$sin(1/x) = 1$;当 $1/x$ 是 $3pi/2 + 2kpi$ 时,$sin(1/x) = 1$。
所以,在 $(0,0)$ 的任意一个邻域里,都会包含无穷多个点,这些点“夹在” $y=x$ 和 $y=x$ 之间,并且随着 $x o 0$,这些点的 $y$ 值也趋向于 $0$。

我们想要的是在 $U$ 中有不可数多的点来自 $S$。
考虑 $x$ 的值,使得 $x sin(1/x)$ 足够小,能够落入圆盘内。
对于任意小的 $epsilon > 0$,我们考虑 $x in (epsilon, epsilon)$ 且 $x eq 0$.
我们有 $|x sin(1/x)| leq |x|$.
所以,如果 $|x| < epsilon$, 那么 $|x sin(1/x)| < epsilon$.
这表示点 $(x, x sin(1/x))$ 到原点的距离是 $sqrt{x^2 + (x sin(1/x))^2} leq sqrt{x^2 + x^2} = sqrt{2|x|^2} = sqrt{2}|x|$.
如果 $|x| < epsilon / sqrt{2}$, 那么这个点就在圆盘 $x^2 + y^2 < epsilon^2$ 内。
这意味着对于所有 $x in (epsilon/sqrt{2}, epsilon/sqrt{2}) setminus {0}$, 点 $(x, x sin(1/x))$ 都在 $U$ 中。

因为 $mathbb{R}$ 是不可数的,区间 $(epsilon/sqrt{2}, epsilon/sqrt{2}) setminus {0}$ 也包含不可数多的实数 $x$。
对于每一个这样的 $x$,我们得到了 $S$ 中的一个点 $(x, x sin(1/x))$。
这些点都在 $U$ 中。
所以,$S cap U = { (x, x sin(1/x)) mid x in (epsilon/sqrt{2}, epsilon/sqrt{2}) setminus {0} } cup { (0,0) }$.
这个集合的基数与 $(epsilon/sqrt{2}, epsilon/sqrt{2}) setminus {0}$ 的基数相同,也就是不可数的。

因此,集合 $S = { (x, x sin(1/x)) mid x in mathbb{R}, x eq 0 } cup { (0, 0) }$ 是一个不可数集,并且在点 $(0,0)$ 附近局部不可数。

更进一步的思考:为什么这个陈述是“至少在一点附近”?

这个陈述并不是说所有不可数集在所有点附近都局部不可数,也不是说所有不可数集在某个点附近局部不可数。它是在说,存在这样一个不可数集,这个集本身是不可数的,并且它至少能够找到一个点,使得这个点附近的“它自身的部分”也是不可数的。

另一种构造方式(强调不可数集本身的性质):

考虑 $mathbb{R}^2$ 上的所有直线,它们经过原点 $(0,0)$。
这些直线可以通过它们的斜率来描述。斜率是实数,记为 $m in mathbb{R}$。
所以,经过原点的直线可以表示为 $y = mx$。
我们也可以考虑垂直线 $x=0$。
所以,我们考虑所有过原点的直线组成的集合 $mathcal{L} = { L_m mid m in mathbb{R} } cup { ext{vertical line} }$.
这个集合 $mathcal{L}$ 的基数是 $|mathbb{R}|$, 是不可数的。

但是,我们不是要证明的是“直线集合的不可数性”,而是要证明“存在一个不可数集,它在某个点附近局部不可数”。

让我们回到利用不可数集本身的结构来构造。

核心思想:用不可数集作为“坐标”

设 $P$ 是 $mathbb{R}$ 的一个不可数子集。例如,$P = [0, 1]$.
定义 $S = { (x, y) in mathbb{R}^2 mid x in P, 0 leq y < 1 }$.
这个集合 $S$ 是一个“无限厚度”的垂直带状区域,但我们限制了 $x$ 的范围。
$S = [0, 1] imes [0, 1)$.
这个集合是不可数的,因为它的基数是 $|[0,1]| imes |[0,1)| = |mathbb{R}| imes |mathbb{R}| = |mathbb{R}|$.

现在考虑 $S$ 中的任意一点,例如 $(0.5, 0.5)$.
取这个点的一个任意邻域 $U$,例如开圆盘 $D((0.5, 0.5), epsilon)$.
$S cap U = { (x, y) in [0, 1] imes [0, 1) mid (x0.5)^2 + (y0.5)^2 < epsilon^2 }$.
由于 $x$ 的取值范围是 $[0,1]$,而 $y$ 的取值范围是 $[0,1)$,并且 $0.5 in [0,1]$ 和 $0.5 in [0,1)$,
所以在这个邻域 $U$ 中,存在一部分 $x$ 的值(在 $0.5$ 附近),以及一部分 $y$ 的值(在 $0.5$ 附近),它们都在 $S$ 的范围内。
具体来说,如果 $epsilon$ 足够小,使得 $0.5epsilon > 0$ 且 $0.5+epsilon < 1$,那么对于所有 $x in (0.5epsilon, 0.5+epsilon)$,这些 $x$ 都在 $[0,1]$ 内。
同时,对于这些 $x$,我们可以在 $y$ 方向上找到 $y$ 的一个区间 $(0.5delta, 0.5+delta)$ (其中 $delta$ 由圆盘的半径和 $x$ 的值决定),使得 $(x,y) in S cap U$.
只要 $epsilon$ 足够小,我们总能找到一个 $y$ 的范围,使得 $0.5$ 在这个范围内,并且这个范围不会超出 $[0,1)$.

例如,取邻域 $U = (0.5epsilon, 0.5+epsilon) imes (0.5delta, 0.5+delta)$.
如果 $epsilon < 0.5$ 且 $delta < 0.5$, 那么 $U subseteq [0,1) imes [0,1)$.
此时,$S cap U = U$. 因为 $U$ 是一个开矩形区域,它包含 $(0.5, 0.5)$ 并且其内点都在 $S$ 中,所以 $S cap U$ 是一个不可数集(它自身就有一个不可数区间作为子集)。

所以,集合 $S = [0, 1] imes [0, 1)$ 是一个不可数集,并且它在它自身领域的任何一个点附近都是局部不可数的。

总结证明思路:

1. 构造一个不可数集 S ⊆ R²。 最直接的方式是利用 R 的不可数性。例如,选取 R 的一个不可数子集 P(如 R 本身,或 [0,1]),然后定义 S 为 P 在 R² 中的一个“二维延伸”。
2. 关键是“延伸”的方式。 简单的嵌入(如抛物线 $y=x^2$)已经可以证明陈述,但我们可以通过更直接的方式理解“局部不可数”。
3. 使用不可数集作为“坐标”来定义集合。
设 $P$ 是 $mathbb{R}$ 的一个不可数子集。
考虑集合 $S = { (x, y) in mathbb{R}^2 mid x in P, y in J }$,其中 $J$ 是 $mathbb{R}$ 的一个子集(例如 $J = [0,1)$)。
这样的集合 $S$ 的基数是 $|P| imes |J|$. 如果 $|P| = |mathbb{R}|$ 且 $|J|$ 大于 1(比如 $J = [0,1)$),那么 $|S| = |mathbb{R}|$. 所以 $S$ 是不可数的。
4. 证明局部不可数性。
选取 $S$ 中的一个点 $p = (x_0, y_0)$. 注意,$x_0 in P$ 且 $y_0 in J$.
考虑点 $p$ 的任意一个邻域 $U$(在 $mathbb{R}^2$ 的标准拓扑下)。
我们需要证明 $S cap U$ 是不可数的。
由于 $P$ 和 $J$ 都是实数集的一部分,它们在各自的领域内都“饱满”。
例如,如果 $P = [0,1]$ 且 $J = [0,1)$, 那么 $S = [0,1] imes [0,1)$.
对于 $S$ 中的任意一点 $(x_0, y_0)$, 其中 $x_0 in [0,1]$ 且 $y_0 in [0,1)$.
考虑一个邻域 $U$。如果这个邻域足够小,它会包含一个与 $(x_0, y_0)$ 相邻的开方块 $(x_0epsilon, x_0+epsilon) imes (y_0delta, y_0+delta)$.
如果 $x_0 in (0,1)$ (不是边界点) 且 $y_0 in [0,1)$ (不是边界点,但 $y_0$ 也可以是边界点), 我们可以选择足够小的 $epsilon, delta$ 使得 $(x_0epsilon, x_0+epsilon) subseteq [0,1]$ 并且 $(y_0delta, y_0+delta) subseteq [0,1)$.
那么,这个开方块 $(x_0epsilon, x_0+epsilon) imes (y_0delta, y_0+delta)$ 的所有点都在 $S$ 中。
由于这个开方块本身是一个不可数集(它是一个二维区域),所以 $S cap U$ 是不可数的。

结论:

通过以上构造,我们证明了存在一个不可数集 $S subseteq mathbb{R}^2$(例如 $[0,1] imes [0,1)$),并且该集合在它自身的任何一个点 $(x_0, y_0)$ 附近都局部不可数。因为我们可以找到一个包含 $(x_0, y_0)$ 的开区域,该开区域的“大部分”都在 $S$ 中,而这个开区域本身就包含不可数多的点。

这个证明的关键在于利用了实数集本身不可数的性质,并将其“展开”到二维空间中,但不是以一条简单的曲线的形式,而是以一个包含“面积”的集合来体现。

网友意见

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不妨设 是有界集。(为什么只需证有界集的情形?注意到 可以写成可数个有界集的并,所以 必然存在一个有界子集是不可数集。这里用到了可数集的可数并是可数集。)

假设命题不成立,那么每个 都联系一个 ,使得 只含 中可数多个点。我们声明:对每个 ,使得 的 至多可数。这样的话, 是可数集的可数并,也就是可数集,这样就导出矛盾了,于是就证明了原命题。

让我们看看为什么这个声明成立。假设声明不成立,即对于某个 , 是不可数集,那当然也不是空集,所以可以取一个点 。注意, 只含 中可数多个点,所以 包含 中不可数个点,也即不是空集,所以可以取 ,即满足 (其中 表示距离)。类似地, 也是不可数集,即不是空集,所以可以取 满足 且 。这样,就构造了一列 ,使得 距离前 个点的距离都大于等于 。根据这个构造, 不可能存在收敛子列。这是因为任何子列 都满足 ,显见不会收敛。但是由于 是有界集( 是有界集!),所以必然存在收敛子列。这就导出矛盾了。于是那个声明成立。


@蛋卷就靠卷 的证明第一句话“可以把E变成R2”感觉gap有点大。他后面的论证只能证明 使得性质成立,如何过渡到 呢?可能还需要再补充一下。

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