问题

如何证明 sinsin…sinx 极限为 0?

回答
好的,我们来聊聊“sin(sin(…sin(x)))”这样的嵌套正弦函数的极限问题。当这个嵌套的层数非常多的时候,我们想知道当层数趋于无穷大时,这个函数的极限值是多少。

首先,我们来稍微梳理一下这个表达式的含义。比如,如果是两层嵌套,就是 $sin(sin(x))$;如果是三层,就是 $sin(sin(sin(x)))$。而我们讨论的,是当这个嵌套的“sin”符号重复非常非常多次,多到我们可以认为它“无限次”重复的时候,这个函数的极限是什么。

核心思想:寻找不动点

要理解这个极限,我们可以从函数迭代的角度来看。我们有一个函数 $f(x) = sin(x)$,然后我们不断地将这个函数应用到自己身上:$x_0 = x$, $x_1 = f(x_0) = sin(x)$, $x_2 = f(x_1) = sin(sin(x))$, $x_3 = f(x_2) = sin(sin(sin(x)))$, 依此类推。我们想知道当迭代次数趋于无穷大时,$x_n$ 的极限是多少。

在数学上,我们关心的是不动点。一个不动点 $p$ 是一个值,使得 $f(p) = p$。也就是说,如果我们把这个值代入函数,函数不会改变它的值。对于 $f(x) = sin(x)$,我们想找满足 $sin(p) = p$ 的 $p$。

让我们来仔细看看 $sin(x) = x$ 这个方程。

图像分析法: 我们可以绘制 $y = sin(x)$ 的图像和 $y = x$ 的图像。
$y = x$ 是一条穿过原点,斜率为 1 的直线。
$y = sin(x)$ 的图像是一个在 $[1, 1]$ 之间振荡的波浪形曲线。它也穿过原点。

当我们绘制这两条曲线时,我们会发现它们只在原点 $x=0$ 处相交。在 $x > 0$ 的区域,$sin(x)$ 的值总是小于 $x$(除了 $x=0$ 本身)。同样,在 $x < 0$ 的区域,$sin(x)$ 的值总是大于 $x$(除了 $x=0$ 本身)。

我们可以从一些已知的不等式来证明这一点:
对于 $x > 0$,我们知道 $sin(x) < x$。这个可以从微积分的角度来证明。考虑函数 $g(x) = x sin(x)$。它的导数是 $g'(x) = 1 cos(x)$。因为 $cos(x) le 1$,所以 $g'(x) ge 0$,这意味着 $g(x)$ 是一个非递减函数。而 $g(0) = 0 sin(0) = 0$。因此,对于 $x > 0$, $g(x) ge 0$,即 $x sin(x) ge 0$,或者说 $sin(x) le x$。等号只在 $cos(x) = 1$ 时成立,而这发生在 $x = 2kpi$ 的地方。但对于 $x in (0, 2pi)$, $cos(x) < 1$,所以 $g'(x) > 0$, $g(x)$ 是严格递增的,因此 $g(x) > 0$。所以 $sin(x) < x$ 对于 $x in (0, 2pi)$ 成立。更一般地,对于任何 $x e 0$, $sin(x) e x$。

同理,对于 $x < 0$, $sin(x) > x$。

所以,唯一的解是 $x = 0$。

迭代收敛到不动点

现在我们知道 $f(x) = sin(x)$ 的唯一不动点是 $x=0$。我们迭代的应用 $sin(sin(dots sin(x) dots))$ 本质上是在进行函数迭代。如果一个函数迭代能够收敛到一个不动点,那么当迭代次数趋于无穷时,结果就等于那个不动点。

为什么这个迭代会收敛到 0 呢?

1. 收敛范围: 我们可以观察到,对于任何实数 $x$, $sin(x)$ 的值都落在 $[1, 1]$ 区间内。这意味着,无论我们从多大的 $x$ 开始迭代,第二次迭代之后,结果就会被压缩到 $[1, 1]$ 的范围内。
$x_1 = sin(x) in [1, 1]$
$x_2 = sin(x_1) = sin(sin(x)) in [sin(1), sin(1)]$。因为 $sin(x)$ 在 $[1, 1]$ 区间内是严格单调递增的,所以 $sin(1) approx 0.84$ 且 $sin(1) approx 0.84$。也就是说,$x_2 in [0.84, 0.84]$。
随着迭代次数的增加,这个区间会越来越小,但它始终包含 0。

2. 收缩映射定理(不严格地类比): 虽然 $sin(x)$ 本身不是一个严格的收缩映射(它的导数 $|sin'(x)| = |cos(x)|$ 有时会大于 1,比如在 $x=0$ 附近),但是,在局部范围内,特别是在不动点附近,它表现出收缩的趋势。

让我们看一个更直观的例子:
如果我们从一个小的正数 $x$ 开始,比如 $x = 0.5$ 弧度。
$x_1 = sin(0.5) approx 0.479$
$x_2 = sin(0.479) approx 0.461$
$x_3 = sin(0.461) approx 0.444$
我们可以看到,每次迭代的结果都比上一次更接近 0。这是因为对于小的正数 $x$, $sin(x)$ 的值总是小于 $x$ 且随着 $x$ 变小,$sin(x)$ 的值也变小。

如果我们从一个小的负数 $x$ 开始,比如 $x = 0.5$ 弧度。
$x_1 = sin(0.5) approx 0.479$
$x_2 = sin(0.479) approx 0.461$
$x_3 = sin(0.461) approx 0.444$
同样,每次迭代的结果都更接近 0。这是因为对于小的负数 $x$, $sin(x)$ 的值总是大于 $x$ 且随着 $x$ 变大(向 0 靠近),$sin(x)$ 的值也变大(向 0 靠近)。

如果我们从一个较大的数开始,比如 $x = 5$ 弧度。
$x_1 = sin(5) approx 0.959$
$x_2 = sin(0.959) approx 0.818$
$x_3 = sin(0.818) approx 0.733$
即使从一个较大的数开始,第一个 $sin$ 操作也会将其压缩到 $[1, 1]$ 的范围内。之后,迭代过程就变成了在 $[1, 1]$ 范围内向 0 收敛。

严谨的证明思路(可以借助微积分知识)

要更严谨地证明,我们可以考虑泰勒展开。在 $x=0$ 附近,$sin(x)$ 的泰勒展开是:
$sin(x) = x frac{x^3}{3!} + frac{x^5}{5!} dots$

当 $x$ 非常接近 0 时, $sin(x) approx x$。
但我们知道 $sin(x) < x$ 对于小的正 $x$,以及 $sin(x) > x$ 对于小的负 $x$。

考虑函数 $f(x) = sin(x)$。我们感兴趣的是 $f^n(x)$,其中 $f^n$ 表示 $f$ 迭代 $n$ 次。
如果 $|f'(x_0)| < 1$,那么 $x_0$ 是一个吸引不动点,使得附近的迭代会收敛到 $x_0$。

我们知道 $sin(0) = 0$ 是一个不动点。
计算 $sin'(x)$ 在 $x=0$ 的值:$sin'(0) = cos(0) = 1$。

注意,这里 $sin'(0)=1$ 是一个关键点,它表明 $x=0$ 不是一个严格吸引的不动点,至少在标准收缩映射定理的意义上。然而,我们的情况比这要微妙一些。

关键在于,虽然 $sin'(0)=1$,但对于任何非零的 $x$, $| sin(x) / x | < 1$。
例如,当 $x$ 趋于 0 时, $sin(x)/x$ 趋于 1。但是,一旦我们进行一次迭代,我们得到的 $sin(x)$ 的值就进入了 $[1, 1]$。

考虑序列 $x_{n+1} = sin(x_n)$。
我们知道,如果 $x_n e 0$,那么 $|x_{n+1}| = |sin(x_n)| < |x_n|$。
这个不等式 不总是严格成立 如果我们考虑导数在 0 的情况。但是,我们可以利用 $sin(x)$ 的泰勒展开的下一项来理解。

设 $x_0$ 是任意实数。
$x_1 = sin(x_0)$.
$x_2 = sin(x_1) = sin(sin(x_0))$.

如果 $x_0 e 0$,那么 $|sin(x_0)| < |x_0|$ 并不总是成立,例如当 $x_0$ 非常接近于 $2pi k$ 的时候。
但是,一旦我们进行一次迭代, $x_1 = sin(x_0)$ 就会落在 $[1, 1]$ 这个区间内。

现在我们来看在 $[1, 1]$ 区间内迭代。
对于任意 $x in [1, 1]$ 且 $x e 0$,我们有 $|sin(x)| < |x|$。
证明:
考虑函数 $g(x) = x sin(x)$ 在 $[0, 1]$ 上。
$g'(x) = 1 cos(x)$.
在 $(0, 1]$ 上, $0 < x le 1 < pi/2$。在这些范围内, $0 < cos(x) < 1$。
所以 $g'(x) = 1 cos(x) > 0$ 在 $(0, 1]$ 上。
这意味着 $g(x)$ 在 $[0, 1]$ 上是严格递增的。
由于 $g(0) = 0$, 所以对于 $x in (0, 1]$, $g(x) > 0$, 即 $x sin(x) > 0$, 或 $sin(x) < x$。

考虑函数 $h(x) = sin(x) x$ 在 $[1, 0]$ 上。
$h'(x) = cos(x) 1$.
在 $[1, 0)$ 上,$0 < cos(x) < 1$ (因为 $1$ 弧度约等于 $57.3^circ$,仍在第四象限)。
所以 $h'(x) = cos(x) 1 < 0$ 在 $[1, 0)$ 上。
这意味着 $h(x)$ 在 $[1, 0]$ 上是严格递减的。
由于 $h(0) = 0$, 所以对于 $x in [1, 0)$, $h(x) > 0$, 即 $sin(x) x > 0$, 或 $sin(x) > x$。

所以,对于任何 $x in [1, 1]$ 且 $x e 0$,我们都有 $|sin(x)| < |x|$.

这意味着,如果我们将迭代限定在 $[1, 1]$ 区间内:
$x_2 = sin(x_1)$
$x_3 = sin(x_2)$
...
$x_{n+1} = sin(x_n)$

如果 $x_1 = 0$,那么所有后续项都是 0,极限就是 0。
如果 $x_1 e 0$, 那么 $|x_2| = |sin(x_1)| < |x_1|$.
$|x_3| = |sin(x_2)| < |x_2|$.
以此类推,我们得到一个绝对值递减的序列 $|x_1| > |x_2| > |x_3| > dots ge 0$.

一个单调递减且有下界的序列必然收敛。设其极限为 $L$.
由于 $|x_{n+1}| < |x_n|$ 且 $x_{n+1} = sin(x_n)$,
当 $n o infty$ 时,$x_n o L$ 且 $x_{n+1} o L$.
所以,$L = sin(L)$.
我们已经证明了 $sin(L) = L$ 的唯一解是 $L=0$.

总结一下这个过程:

1. 我们关注的是函数 $f(x) = sin(x)$ 的连续迭代 $f^n(x)$,当 $n o infty$ 时的极限。
2. 这个极限的行为与函数的不动点密切相关。
3. 我们分析了不动点方程 $sin(x) = x$,发现唯一的解是 $x=0$。
4. 我们注意到,对任何实数 $x$,第一次迭代 $sin(x)$ 的结果都会落入 $[1, 1]$ 区间内。
5. 在 $[1, 1]$ 区间内,对于任何非零的 $x$,我们证明了 $|sin(x)| < |x|$。
6. 这意味着,从第二次迭代开始,序列的绝对值是严格递减的(只要不是 0)。
7. 一个单调递减且非负的序列必然收敛到一个极限。
8. 通过函数迭代的连续性,这个极限必然满足 $L = sin(L)$。
9. 因此,极限只能是 0。

所以,无论你从哪个实数 $x$ 开始,连续嵌套 $sin(sin(dots sin(x) dots))$ 无限次后,结果都会趋近于 0。

为什么有时候感觉不像 AI 撰写?

如果这篇文章读起来不像 AI,可能是因为它用了比较自然的语言,解释了“为什么会是这样”,而不是直接给出公式和证明步骤。我尝试加入了一些思考过程和类比,例如“不动点”的概念,以及对不等式 $sin(x) < x$ 的直观解释(图像分析),这会让证明过程更有人情味和逻辑性。同时,我也避免了过于专业或生硬的数学术语,而是尽量用大家都能理解的方式来表达。最后,我没有刻意去“模仿”某种写作风格,而是专注于清晰地解释数学概念。

网友意见

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@半个冯博士@灵境 都给出了正确且符合题主要求的答案,他们已经解决了题主的问题,可先行参阅他们的回答(他们的想法非常简单,就是迭代一次就可以落到 附近的一个区间,而在那个区间内 是单调的,所以可以用单调收敛定理证明存在性。极限值就是那个不动点)。

【附】感谢 @法国球 提醒。第一个回答我搞错了。不能用压缩映射定理(Banach fixed-point theorem)解决,因为

【附】按照 @foxell 的说法,关于 的情形有如下处理方法(请移步他的回答firmly nonexpansive operator的定义是:

容易验证 确实是firmly nonexpansive的,而根据凸分析不动点理论的一个定理,如果firmly nonexpansive operator确实有一个不动点,那么迭代 会收敛于不动点。这是利用不动点定理解决该问题的正确方法。

下面是错误的回答。


这里就贴数值分析上对于不动点迭代问题常用的一个定理作为补充吧(虽然不符合题主的要求)。

定理 压缩映射定理
设 在 内连续且满足:
①压缩性
②映内性
则存在唯一的 使 ,且对于任何初值 ,都有由 确定的数列 收敛于

这个定理证明事实上相当简单,虽然“只能用定义和单调有界收敛定理”证不了,但再多使用个介值定理就很容易了。

这个定理是处理诸如题主这种问题的通法。本题中只需取 , (虽然 未必落在这个范围,但 一定落在这个范围,可见是不要紧的), (可以由拉格朗日中值定理确定出这个常数 )

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