问题

如何证明f(A∩B) ⊆ f(A)∩f(B) 而不是f(A∩B) = f(A)∩f(B) ?

回答
好的,我们来详细讲解一下为什么通常情况下我们只能证明 $f(A cap B) subseteq f(A) cap f(B)$,而不能证明 $f(A cap B) = f(A) cap f(B)$,并且给出相应的反例。

核心概念回顾

在开始之前,我们先明确一下几个重要的概念:

函数 (Function): 一个函数 $f$ 从一个集合 $X$ 到另一个集合 $Y$ (记作 $f: X o Y$),它为 $X$ 中的每一个元素指定 $Y$ 中的一个唯一元素。
集合的交集 (Intersection of Sets): 两个集合 $A$ 和 $B$ 的交集,记作 $A cap B$,是所有既属于 $A$ 又属于 $B$ 的元素的集合。
函数的像 (Image of a Set under a Function): 对于集合 $A subseteq X$,函数 $f$ 在 $A$ 上的像,记作 $f(A)$,是所有形如 $f(a)$ 的元素的集合,其中 $a in A$。即 $f(A) = {f(a) mid a in A}$。

证明 $f(A cap B) subseteq f(A) cap f(B)$

首先,让我们来证明这个方向。这是一个普遍成立的性质,对于任何函数 $f$ 和集合 $A, B$ 都成立。

1. 假设一个任意元素属于 $f(A cap B)$。
设 $y in f(A cap B)$。

2. 根据像的定义,存在一个元素属于 $A cap B$,使得 $y$ 是它的像。
所以,存在一个 $x in A cap B$,使得 $y = f(x)$。

3. 根据交集的定义,如果 $x in A cap B$,那么 $x$ 既属于 $A$,又属于 $B$。
所以,$x in A$ 并且 $x in B$。

4. 现在我们知道 $x in A$ 并且 $y = f(x)$。根据像的定义,这意味着 $y$ 是 $f(A)$ 中的一个元素。
所以,$y in f(A)$。

5. 同样,我们知道 $x in B$ 并且 $y = f(x)$。根据像的定义,这意味着 $y$ 是 $f(B)$ 中的一个元素。
所以,$y in f(B)$。

6. 既然 $y in f(A)$ 并且 $y in f(B)$,那么根据交集的定义,$y$ 必定属于 $f(A) cap f(B)$。
所以,$y in f(A) cap f(B)$。

7. 我们从任意一个属于 $f(A cap B)$ 的元素 $y$ 开始,并证明了它也属于 $f(A) cap f(B)$。因此,我们可以得出结论:$f(A cap B) subseteq f(A) cap f(B)$。

为什么不能普遍证明 $f(A cap B) = f(A) cap f(B)$?

要证明两个集合相等,我们需要证明两个方向:
1. $f(A cap B) subseteq f(A) cap f(B)$ (我们已经证明了)
2. $f(A) cap f(B) subseteq f(A cap B)$

正是第二个方向的证明,在大多数情况下会遇到障碍,导致我们无法普遍证明。让我们来分析一下为什么:

设 $z in f(A) cap f(B)$。
根据交集的定义,这意味着:
$z in f(A)$
$z in f(B)$

根据像的定义:
因为 $z in f(A)$,所以存在一个元素 $x_1 in A$,使得 $z = f(x_1)$。
因为 $z in f(B)$,所以存在一个元素 $x_2 in B$,使得 $z = f(x_2)$。

这里的问题就出现了:我们知道存在 $x_1 in A$ 和 $x_2 in B$ 使得 $f(x_1) = f(x_2) = z$。但是,我们无法保证 $x_1$ 和 $x_2$ 是同一个元素,即 $x_1 = x_2$。

如果 $x_1 = x_2$,那么这个共同的元素就同时属于 $A$ 和 $B$,也就是 $x_1 in A cap B$。这时,因为 $z = f(x_1)$ 并且 $x_1 in A cap B$,那么 $z in f(A cap B)$。在这种情况下,第二个方向就可以证明。

然而,在一般情况下,即使 $f(x_1) = f(x_2)$,我们也无法保证 $x_1 = x_2$。 函数不一定是单射(一对一)。

如果函数 $f$ 不是单射,那么不同的输入可能映射到同一个输出。当 $z$ 是 $f(A)$ 中的元素,也是 $f(B)$ 中的元素时,可能存在一个元素 $x_1 in A$ 使得 $f(x_1) = z$,但这个 $x_1$ 并不在 $B$ 中。同时,也可能存在另一个元素 $x_2 in B$ 使得 $f(x_2) = z$,但这个 $x_2$ 并不在 $A$ 中。而且,即使存在 $x_1 in A$ 和 $x_2 in B$ 使得 $f(x_1) = f(x_2) = z$,也可能 $x_1 eq x_2$。

因此,我们无法保证存在一个共同的元素 $x$ 同时属于 $A$ 和 $B$,使得 $f(x) = z$。 这就是为什么我们无法普遍证明 $f(A) cap f(B) subseteq f(A cap B)$。

反例

为了说明 $f(A cap B) = f(A) cap f(B)$ 不普遍成立,我们需要构造一个函数 $f$ 和集合 $A, B$,使得 $f(A) cap f(B)$ 中的一个元素不属于 $f(A cap B)$。

场景设置:

定义域 X: ${1, 2, 3, 4}$
值域 Y: ${a, b}$
函数 f:
$f(1) = a$
$f(2) = a$
$f(3) = b$
$f(4) = b$

集合 A: ${1, 3}$
集合 B: ${2, 4}$

计算:

1. 计算 $A cap B$:
$A cap B = {1, 3} cap {2, 4} = emptyset$ (空集)

2. 计算 $f(A cap B)$:
由于 $A cap B$ 是空集,根据像的定义,$f(emptyset) = emptyset$。
所以,$f(A cap B) = emptyset$。

3. 计算 $f(A)$:
$f(A) = f({1, 3}) = {f(1), f(3)} = {a, b}$。

4. 计算 $f(B)$:
$f(B) = f({2, 4}) = {f(2), f(4)} = {a, b}$。

5. 计算 $f(A) cap f(B)$:
$f(A) cap f(B) = {a, b} cap {a, b} = {a, b}$。

对比结果:

$f(A cap B) = emptyset$
$f(A) cap f(B) = {a, b}$

在这种情况下,我们看到 $f(A cap B) eq f(A) cap f(B)$。具体来说,$emptyset eq {a, b}$。

让我们仔细看看这个反例,它展示了 $f(A) cap f(B) subseteq f(A cap B)$ 为何不成立。

考虑元素 $a in f(A) cap f(B)$。
$a in f(A)$ 因为 $f(1) = a$ 且 $1 in A$。
$a in f(B)$ 因为 $f(2) = a$ 且 $2 in B$。
但是,$a$ 不在 $f(A cap B)$ 中,因为 $A cap B$ 是空集,所以 $f(A cap B)$ 也是空集。

这个反例清晰地说明了,即使存在一个值 $z$(例如 $a$),它既是 $f(A)$ 的成员,又是 $f(B)$ 的成员,但产生这个值 $z$ 的元素在 $A$ 中(例如 $1$)和在 $B$ 中(例如 $2$)可能不是同一个元素,甚至可能根本就没有一个共同的元素同时属于 $A$ 和 $B$(如本例中 $A cap B = emptyset$)。

何时 $f(A cap B) = f(A) cap f(B)$ 会成立?

$f(A cap B) = f(A) cap f(B)$ 这个等式成立,当且仅当函数 $f$ 满足一个特殊的性质,使得对于所有 $A, B$,我们都能证明 $f(A) cap f(B) subseteq f(A cap B)$。 这通常发生在函数是单射 (injective 或 onetoone) 的情况下。

如果 $f$ 是单射,那么意味着如果 $f(x_1) = f(x_2)$,则必然有 $x_1 = x_2$。

在这种情况下,我们就可以证明第二个方向:

1. 假设 $z in f(A) cap f(B)$。
2. 所以,存在 $x_1 in A$ 使得 $z = f(x_1)$。
3. 并且,存在 $x_2 in B$ 使得 $z = f(x_2)$。
4. 由于 $f(x_1) = f(x_2) = z$,并且 $f$ 是单射,所以 $x_1 = x_2$。
5. 设共同的元素为 $x = x_1 = x_2$。那么,因为 $x_1 in A$ 并且 $x_2 in B$,所以 $x in A$ 且 $x in B$。
6. 因此,$x in A cap B$。
7. 又因为 $z = f(x)$ 并且 $x in A cap B$,根据像的定义,$z in f(A cap B)$。
8. 所以,$f(A) cap f(B) subseteq f(A cap B)$。

结合第一个方向的证明,当 $f$ 是单射时,我们就可以证明 $f(A cap B) = f(A) cap f(B)$。

总结

我们只能普遍证明 $f(A cap B) subseteq f(A) cap f(B)$,是因为在证明 $f(A) cap f(B) subseteq f(A cap B)$ 时,我们需要确保对于 $f(A) cap f(B)$ 中的每一个元素 $z$,都存在一个共同的输入元素 $x$ 同时属于 $A$ 和 $B$,使得 $f(x) = z$。 然而,函数的非单射性(即不同的输入可能产生相同的输出)使得我们无法保证这一点。当存在一个值 $z$ 既是 $f(A)$ 的像,又是 $f(B)$ 的像时,产生 $z$ 的 $A$ 中的元素和 $B$ 中的元素可能不同,甚至 $A$ 和 $B$ 的交集可能是空的,导致 $f(A cap B)$ 为空。这正是我们在反例中看到的。

网友意见

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构造思路:A与B不交但f(A)与f(B)有交。

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